WWW.DISSERS.RU

БЕСПЛАТНАЯ ЭЛЕКТРОННАЯ БИБЛИОТЕКА

   Добро пожаловать!

Библиотека <Математическое просвещение> Выпуск 26 К. П. Кохась ЛАДЕЙНЫЕ ЧИСЛА И МНОГОЧЛЕНЫ Издательство Московского центра непрерывного математического образования Москва • 2003 УДК 519.113/.118 ББК

22.19 К75 Аннотация В брошюре рассказано о популярном и очень наглядном ком бинаторном объекте: ладейных числах и ладейных многочленах.

Рассмотрены всевозможные неравенства между ладейными числа ми. Отталкиваясь от комбинаторных наблюдений, доказана основ ная теорема о том, что ладейный многочлен любой доски имеет только вещественные корни. Это позволяет вывести много новых, неожиданных с точки зрения комбинаторики неравенств. Вместе с тем, некоторые комбинаторные неравенства ещё ждут своих ана литических доказательств. Текст брошюры может рассматривать ся как обзор элементарных результатов о ладейных многочленах.

Текст брошюры представляет собой дополненную обработку записи лекции для школьников 9—11 классов, прочитанной ав тором на Малом мехмате МГУ 21 декабря 2002 года.

Брошюра рассчитана на широкий круг читателей, интересу ющихся математикой: школьников старших классов, студентов, учителей.

Работа автора над брошюрой поддержана Рос Р И сийским фондом фундаментальных исследова ний (грант № 02—01—00093).

Издание осуществлено при поддержке Московского департамен та образования и Московской городской Думы.

ISBN 5-94057-114-X © К. П. Кохась, 2003.

© МЦНМО, 2003.

Константин Петрович Кохась.

Ладейные числа и многочлены.

(Серия: <Библиотека,,Математическое просвещение“>. Вып. 26).

М.: МЦНМО, 2003. — 20 с.: ил.

Редактор Ю. Л. Притыкин. Техн. редактор М. Ю. Панов.

Лицензия ИД № 01335 от 24/III 2000 года. Подписано в печать 8/VIII 2003 года.

Формат бумаги 6088 /. Бумага офсетная№1. Печать офсетная. Физ. печ. л. 1,25.

Усл. печ. л. 1,22. Уч.-изд. л. 1,24. Тираж 3000 экз. Заказ 3040.

Издательство Московского центра непрерывного математического образования.

119002, Москва, Г-2, Бол. Власьевский пер., 11. Тел. 241 05 00.

Отпечатано с готовых диапозитивов в ФГУП <Производственно-издательский комбинат ВИНИТИ>.

140010, г. Люберцы Московской обл., Октябрьский пр-т, 403. Тел. 554 21 86.

§ 1. ЛАДЕЙНЫЕ ЧИСЛА.

ОПРЕДЕЛЕНИЯ И ПРИМЕРЫ Рассмотрим обычную шахматную доску и обычную шахмат ную фигуру — ладью. Сколькими способами можно поставить на шахматную доску две ладьи так, чтобы они не били друг друга?

Какое наибольшее число ладей можно поставить на доску так, что бы каждая ладья била не более двух других? Можно задать много подобных вопросов, наверняка читатель встречал такого рода зада чи на олимпиадах или в книжках по развлекательной математике (см., например, книгу [1]).

Вопросы, о которых пойдёт речь в этой брошюре, являются естественными обобщениями задач о расстановке ладей. Мы рас смотрим произвольные доски и обсудим многочисленные свойства ладейных чисел. Для начала несколько определений.

Пусть дана бесконечная клетчатая плоскость. Доской будем называть произвольный конечный набор клеток этой плоскости.

Ладья — это фигура, которая держит под боем все клетки плоскости, находящиеся с ней на одной горизонтали или на одной вертикали.

Таким образом, для досок сложной формы ла дья может держать под боем клетки, отделённые Рис. от неё клетками, не принадлежащими доске. Так, на рис. 1 изображена несвязная доска из пяти клеток, ладья и клет ки, находящиеся под боем этой ладьи (отмечены крестиками).

Зафиксируем произвольную доску B и для каждого натураль ного n вычислим количество различных способов поставить на эту доску n не бьющих друг друга ладей. Обозначим это количество rn или rn(B), если нужно указать, о какой именно доске идёт речь.

Положим по определению r0=1. Числа r0, r1, r2,... называются ладейными числами доски B.

Очевидно, что r1(B)=S, где S — площадь (количество клеток) доски B.

Если же мы хотим разместить на доске слишком много ла дей — больше S — у нас ничего не получится: все ладьи не поме стятся на нашу доску. Таким образом, для любой доски ладейные числа с большими номерами равны нулю.

В таблице на рис. 2 приведены примеры досок, состоящих из пяти клеток, и все их ненулевые ладейные числа. Заметим, что доски разной формы могут иметь одинаковые наборы ладейных чисел.

1. Проверьте данные таблицы на рис. 2 *).

Для вычисления ладейных чисел часто хватает несложных комбинаторных соображений. Найдём, например, чему равно *) Двумя чертами слева выделены упражнения для самостоятельного решения.

Доски r0 r1 r2 r3 Доски r0 r1 r2 r 1 1 5 1 5 1 5 5 1 5 1 5 6 Рис. число r3 для обычной шахматной доски 88. Трёх ладей на дос ке 33 можно расставить 3! способами. Чтобы расставить трёх ладей на доске 88, достаточно сначала выбрать три вертикали и три горизонтали — это можно сделать (C3)2 способами, а потом на образовавшейся доске 33 взять одну из шести расстановок.

Итак, для шахматной доски r3=6·72·82.

Приведём ещё один пример.

Лемма I. Пусть имеется доска B и cB — произвольная клет ка. Пусть Крест(c) — это множество клеток доски B, лежащих на той же горизонтали или в той же вертикали, что и клетка c.

Тогда rk(B)=rk(B\c)+rk-1(B\Крест(с)). (1) (Здесь мы используем обычные обозначения: B\c — это доска, полученная из B удалением клетки c.) Д о к а з а т е л ь с т в о очевидно: поставить k ладей на доску B можно либо разместив их так, чтобы клетка c осталась свободной (это можно сделать rk(B\c) способами), либо поставив одну ладью в клетку c, тогда остальные придётся ставить вне креста клетки c (это можно сделать как раз rk-1(B\Крест(с)) способами).

Заметим, что утверждение леммы I показывает, как можно вычислить ладейные числа какой-нибудь доски, если известны ладейные числа меньших досок. Таким образом, на самом деле равенство (1) — это рекуррентная формула, с помощью которой мы можем вычислять ладейные числа любой доски B (лучше на компьютере), не пользуясь никакими комбинаторными идеями.

Правда, придётся накопить довольно много информации о ладей ных числах досок, которые содержатся в B. Примеры других рекуррентных формул мы встретим в § 3.

Теперь, когда мы убедились, что вычисление ладейных чи сел — задача в принципе решаемая, введём ещё одно понятие.

Две доски назовём эквивалентными, если наборы ладейных чисел у этих досок совпадают. Примеры эквивалентных досок можно видеть в таблице на рис. 2.

Изучая ладейные числа различных досок, хотелось бы научить ся для каждой доски подбирать эквивалентную доску <достаточ но простой> формы. Естественный и простой способ преобразовать доску так, чтобы её ладейные числа не изменились, состоит в пере становке вертикальных или горизонтальных рядов клеток, соста вляющих эту доску. Так, для доски на рис. 1, переставляя верти кальный ряд клеток, содержащий изолированную клетку, <побли же> к <основной части> доски, мы можем получить связную доску, что, по-видимому, можно рассматривать как <упрощение> формы.

Другими естественными операциями над досками, сохраняющими ладейные числа, являются поворот на ±90 или 180 и отражения доски относительно вертикали, горизонтали или диагонали.

Хотя эти операции и позволяют изменять форму доски, до биться <совсем простой> формы, пользуясь этими или ещё каки ми-нибудь операциями, видимо, не удастся, что видно уже на при мере всё тех же пятиклеточных досок. Но всё же мы будем рас сматривать достаточно богатый класс досок относительно про стой формы. Это так называе мые диаграммы Юнга.

Диаграмма Юнга со стро ками b1, b2,..., bm (0

В заключение этого параграфа приведём нетривиальный при мер двух эквивалентных досок.

2. Докажите, что доски, изображённые на рис. 3, а, б, эквива лентны!

* * * Теорема I. Квадратная доска nn эквивалентна доске Yn в форме диаграммы Юнга с длинами строк 1, 3, 5,..., 2n-1.

Д о к а з а т е л ь с т в о. Обозначим квадрат nn через Kn. Мы построим по индукции взаимно однозначное соответствие между расстановками ладей в Kn и в Yn, следуя А. Левиту.

База индукции n=1 очевидна. Докажем индукционный пере ход. Разобьём квадрат Kn на две части: квадрат Kn-1 и <рамку>, состоящую из 2n-1 клеток. Треугольную доску Yn тоже разобьём на две части: доску Yn-1 и самую длинную горизонталь (тоже из 2n-1 клеток). Допустим, что совпадение ладейных чисел ква драта Kn-1 и треугольника Yn-1 уже установлено. Тогда можно считать, что построено соответствие между расстановками ладей в квадрате nn, в которых все ладьи находятся в выделенной части (n-1)(n-1), и расстановками ладей в Yn, в которых все ладьи находятся в выделенной части Yn-1. Осталось построить соответствие между расстановками ладей в Yn, которые содержат ладью на длинной горизонтали, и расстановками ладей в Kn, которые содержат ладьи в <рамке>. Рассмотрим все расстановки k ладей в Yn, содержащие ладью в длинной строке, у которых расстановка k-1 ладей в Yn-1 фиксирована, назовём её s, а со ответствующую ей расстановку в Kn-1 назовём t. Всего имеется 2n-k=n+(n-k) таких расстановок, поскольку в длинной строке ровно столько подходящих для последней ладьи клеток. Пронуме руем как-нибудь эти клетки (рис. 4).

Если ладья стоит на клетке с номером l, 1ln, то поставим ладью на l-ю клетку вертикальной стороны рамки в Kn, вычерк нем мысленно вертикаль и горизонталь, содержащие поставленную ладью, и на оставшейся части доски (которая представляет собой <раздвинутый> квадрат Kn-1, очевидно, у него ладейные числа такие же, как у Kn-1) реализуем расстановку t (рис. 5).

1 2 3 4 5 4 Рис. 1 2 4 Рис. Если же ладья стоит на клетке с номером l>n (таких номеров имеется n-k), то реализуем расстановку t в стандартном квадрате Kn-1. Заметим, что среди n-1 клеток <рамки>, расположенных над Kn-1, есть ровно n-k мест, куда можно было бы поставить ладью. Ну так и поставим ладью на (l-n)-е из этих мест (рис. 6).

Построенное соответствие является взаимно однозначным.

Действительно, нетрудно предъявить обратное отображение. Если в <рамке> квадрата Kn не стоит ни одной ладьи, следует восполь зоваться взаимно однозначным отображением, которое существует по индукционному предположению. Если имеется ладья, стоящая в первом столбце, следует вычеркнуть её вместе с вертикалью и горизонталью, которые она занимает, и для оставшейся фигу ры (<раздвинутый> квадрат Kn-1) опять воспользоваться индук ционным предположением. Если же в первом столбце ладьи нет, но есть ладья в первой строке, следует мысленно удалить рам ку, воспользовавшись индукционным отображением, расположить ладей в диаграмме Yn-1Yn и добавить ладью в самую длинную строчку диаграммы Yn на подходящее место.

Замечание. Как мы отмечали, число r1(B) равно площади доски B. Поэтому, доказав утверждение теоремы I, мы получили также (не самое простое, зато о ч е н ь комбинаторное) доказатель ство равенства 1+3+5+...+(2n-1)=n2.

3. Разглядывая рис. 4—6, докажите, что rk(Kn)=rk(Kn-1)+(2n-k) rk-1(Kn-1).

1 2 3 Рис. § 2. КОМБИНАТОРНЫЕ НЕРАВЕНСТВА С ЛАДЕЙНЫМИ ЧИСЛАМИ Докажем несколько неравенств с ладейными числами. Будем считать, что фиксирована произвольная доска B. Говоря о расста новке небьющих друг друга ладей, мы часто для краткости будем опускать слова <друг друга>.

Неравенство 1. Ck rk+mrmrk.

k+m Доказ ат е льс т во. Число rmrk имеет ясный комбинатор ный смысл: это количество способов разместить на доске k белых и m чёрных ладей так, чтобы белые ладьи не били белых, а чёр ные — чёрных;

при этом на любую клетку разрешается ставить две ладьи, если они разного цвета. Заметим, что из каждой расстановки k+m небьющих ладей можно получить расстановку из k белых небьющих ладей и m чёрных небьющих ладей — нужно просто выбрать, какие ладьи будут белыми (это можно сделать как раз Ck способами), а остальные ладьи пусть будут чёрными.

k+m Разным исходным расстановкам и разным способам выборки соот ветствуют разные пары наборов белых и чёрных ладей, итого — Ck rk+m пар. Но, конечно же, таким способом мы можем полу k+m чить далеко не все наборы белых и чёрных ладей, поскольку мы заведомо не получим таких наборов, где имеются чёрная и белая ладьи, стоящие на одной клетке.

4. Докажите неравенство 18 480r12r9 (не будем скрывать от читателя, что 18 480=C6 ·C3).

12 * * * Неравенство 2. kk-2rkCk-1 при 1kn.

r Д о к а з а т е л ь с т в о. Для любого множества A из k небьющих ладей построим всевозможные такие наборы из k-1 пар небью щих ладей, что все ладьи в этих парах принадлежат A и каждая ладья из A входит хотя бы в одну пару. Это можно сделать многи ми способами. Чтобы подсчитать это число способов, заметим, что любые k небьющих ладей можно считать упорядоченными, напри мер, по расположению их горизонталей сверху вниз. Тогда каждо му способу выбора k-1 пар небьющих ладей можно сопоставить граф, в котором имеется k помеченных вершин, соответствующих ладьям, и k-1 рёбер, соответствующих выбираемым парам. Этот граф будет, вообще говоря, несвязным;

нетрудно видеть, что в нём не может быть изолированных вершин. Пусть Nk — число графов, состоящих из k неизолированных помеченных вершин и k-1рёбер.

Далеко не всякий набор из k-1 пар ладей может быть получен таким образом, хотя бы потому, что в н а ш и х наборах общее число ладей равно k, а в произвольном наборе их количество может быть и другим. Следовательно, мы получаем неравенство NkrkCk-1.

r По-видимому, для чисел Nk нет хорошей формулы, подробности (в том числе, описание производящей функции) можно прочи тать в статье [4]. Для завершения доказательства заметим, что Nkkk-2, так как последняя величина выражает количество деревьев с k помеченными вершинами (это утверждение знамени той теоремы Кэли).

* * * Неравенства, которые мы сейчас рассмотрели, — грубые, по скольку не используют <геометрию> доски. Действительно, при доказательстве этих неравенств мы пользовались теоретико-мно жественными соображениями и никак не учитывали взаимораспо ложение ладей. Поэтому доказанные неравенства верны в следу ющей более общей ситуации. Пусть дано произвольное конечное множество A. Пусть S — некоторое свойство подмножеств множе ства A, удовлетворяющее условию монотонности: если множество BA удовлетворяет свойству S, то и любое подмножество B B также удовлетворяет свойству S.

Например, пусть A — произвольное множество натуральных чисел, а S — свойство <произведение данных чисел нечётно> (или, скажем, свободно от квадратов). В применении к ладейным числам, A — это множество клеток доски, S — свойство <все клетки дан ного подмножества ладейно независимы> (т. е. каждая вертикаль и горизонталь содержат не более одной клетки из множества S).

Пусть rk —количество k-элементных подмножеств множества A, удовлетворяющих свойству S. Тогда величины rk удовлетворяют неравенствам 1 и 2.

Следующее неравенство значительно тоньше.

Неравенство 3. rk-1rk+1rk.

Д о к а з а т е л ь с т в о. Опять воспользуемся комбинаторным смыслом обеих частей неравенства: rk-1rk+1 — это количество способов поставить на доску k-1 чёрных небьющих ладей и k+ белых небьющих ладей так, что ладьи разных цветов могут стоять на одной клетке;

rk — это количество аналогичных расстановок k чёрных и k белых ладей.

Фиксируем произвольный набор C из 2k-m клеток доски, 0mk. Пусть pC — количество расстановок k-1 чёрных и k+1 белых ладей, в которых все клетки из C заняты ладьями, назовём эти расстановки расстановками первого типа, будем счи тать, что pС=0 при m=k;

qС — количество расстановок k чёрных C1: (u клеток) A C2: s компонент, из них t - нечётные <лестницы>, s-t - все прочие B Рис. и k белых небьющих ладей на C, в которых все клетки из C за няты ладьями — расстановки второго типа. Докажем, что pCqC для каждого множества C из 2k-m клеток, 0mk. Из этого утверждения сразу следует требуемое неравенство.

Пусть C=C1C2, где C1 — объединение всех одноклеточных компонент связности (по отношению к ходу ладьи) множества C, C2=C\C1. Пусть часть C1 содержит u клеток.

Для того чтобы на доске C можно было разместить хотя бы одну расстановку первого или второго типа, необходимо, чтобы в каждой вертикали и каждой горизонтали содержалось не более двух клеток доски C. Это значит, что достаточно рассматривать только такие доски C, в которых все неодноклеточные компоненты связности имеют вид <лестничных диаграмм> или их <цикличе ских замыканий> (компоненты A и B на рис. 7), для остальных досок C выполняется pC=qC=0. Пусть имеется s неодноклеточных компонент связности, C2=D1D2...Ds — разбиение части C на компоненты связности, пусть t — количество лестничных диаграмм с нечётным числом клеток среди них (см. рис. 7).

Рассмотрим расстановки первого типа, в которых все клетки доски C заняты. Очевидно, что в m клетках доски C должны сто ять по две ладьи, а в остальных 2k-2m клетках — по одной. За метим, что все m клеток с двумя ладьями обязательно должны располагаться в части C1. Поэтому, чтобы построить произвольную расстановку первого типа, мы сначала выберем m клеток среди u клеток части C1, а оставшиеся клетки доски C раскрасим в два цвета так, чтобы ладьи, стоящие на клетках одного цвета, не били друг друга. Заметим, что для каждой <циклической лестничной диаграммы>, а также для лестничной диаграммы с чётным чи слом клеток существует ровно две такие раскраски, причём чёрных и белых клеток в этих раскрасках поровну, а для лестничной диаграммы с нечётным числом клеток (в том числе, одноклеточ ной) существуют также две раскраски, причём в одной из них чёрных клеток будет на единицу больше, чем белых, сопоставим такой диаграмме значение +1, а в другой — наоборот, белых клеток будет больше чем чёрных, сопоставим такой диаграмме значение -1.

Выбор раскраски состоит теперь в том, что мы должны выбрать одну из двух возможностей для каждой компоненты Di и каждой из u-m невыбранных клеток части C1, причём сумма значений выбранных раскрасок для всех лестничных диаграмм с нечётным числом клеток должна быть равна -2 (чтобы чёрных клеток получилось на две меньше, чем белых). Последнее, кстати, возмож но только в том случае когда число u-m+t чётно. Итак, коли чество расстановок первого типа, в которых все клетки доски C заняты, равно u-m+t - pC=Cm2s-tCu-m+t.

u Здесь Cm — это число способов выбрать m клеток из u клеток u части C1, 2s-t — это количество способов выбрать раскраску в компонентах вида <циклическая лестничная диаграмма> u-m+t - и <лестничная диаграмма с чётным числом клеток>, Cu-m+t — количество способов выбрать расстановку знаков у набора из u-m+t единиц так, чтобы сумма полученных чисел со знака ми была равна -2.

По аналогичным соображениям число расстановок второго типа для той же доски C равно u-m+t qC=Cm2s-tCu-m+t, u и мы видим, что оно не меньше числа расстановок первого типа.

Неравенство доказано.

Как видим, доказательство неравенства 3 громоздко, требуют ся заметные усилия, чтобы его понять. Замечательно, что позже мы сумеем дать значительно более простое аналитическое доказа тельство этого неравенства и даже усилить его!

§ 3. ЛАДЕЙНЫЕ МНОГОЧЛЕНЫ Выражение + R(x, B)= rnxn n= называется ладейным многочленом доски B.

Говоря более серьёзным языком, ладейный многочлен — это производящая функция последовательности ладейных чисел дан ной доски. Это и в самом деле многочлен, поскольку, как мы уже отмечали, при больших n ладейные числа любой доски равны нулю, и сумма в определении ладейного многочлена на самом деле конечная. Так, например, =3x +5x+ R x, (это мы знаем из таблицы рис. 2).

В чём идея использования ладейных многочленов (или вооб ще производящих функций)? Отталкиваясь от комбинаторных раз мышлений о ладейных числах, мы сможем установить какие-то свойства ладейных многочленов. Эти свойства уже будут выраже ны алгебраическим, а не комбинаторным языком. Это позволит нам вывести новые алгебраические свойства и получить из них новые, ранее неизвестные, свойства ладейных чисел.

Докажем несколько свойств ладейных многочленов.

Лемма II. Пусть имеется доска B и c — произвольная клетка доски B. Пусть Крест(c) — это множество клеток доски B, лежа щих на той же горизонтали или в той же вертикали, что и клет ка c. Тогда R(x, B)=R(x, B\c)+xR(x, B\Крест(с)). (2) До к а з а т е л ь с т в о. Многие равенства с производящи ми функциями доказываются сравнением коэффициентов в левой и правой части при одинаковых степенях x. Так, коэффициент при xk в левой части равен rk(B), а коэффициент при xk в правой части равен rk(B\c)+rk-1(B\Крест(с)). Таким образом, нам нужно проверить равенство rk(B)=rk(B\c)+rk-1(B\Крест(с)). (3) Это в точности рекуррентное соотношение, установленное в лемме I.

Лемма III. Пусть доска B представляет собой объединение двух не связанных ходом ладьи частей B1 и B2, тогда R(x, B)=R(x, B1) R(x, B2). (4) Д о к а з а т е л ь с т в о. Если нам нужно расставить n ладей, и мы решили поставить k из них в часть B1, а остальные — в часть B2, то всего найдётся rk(B1)rn-k(B2) таких расстановок. Значит, n rn(B)= rk(B1) rn-k(B2). (5) k= Осталось заметить, что коэффициент при xn многочлена R(x, B1) R(x, B2) равен той же самой сумме.

Доказанные два свойства ладейных многочленов выглядят со вершенно естественными — эти свойства отвечают на вопросы: как изменится ладейный многочлен, если из доски удалить одну клет ку, и как выглядит ладейный многочлен для доски, состоящей из двух <ладейно независимых> частей. Заметим, что рекуррентное соотношение (2) для ладейных многочленов ничуть не сложнее, чем эквивалентная ему формула (3), а соотношение (4) выглядит даже проще чем соответствующая формула (5) для ладейных чисел.

5. Пусть Rm,n(x) — ладейный многочлен прямоугольника mn.

Докажите, что Rm,n(x)=Rm-1,n(x)+nx Rm-1,n-1(x).

6. Пусть l — произвольная горизонталь доски B;

c1, c2,..., ck — все клетки доски B, лежащие на этой горизонтали l;

Bl —доска, получающаяся из B вычёркиванием горизонтали l;

Bi —доска, получающаяся из B вычёркиванием горизонтали l и вертикали, содержащей клетку ci. Тогда k R(x, B)=R(x, Bl)+x B(x, Bi). (6) i= Следующее свойство, которое мы хотим доказать, уже не столь прозрачно. Впервые оно появилось в статье [5] и, судя по всему, было придумано не как попытка дать ответ на какой-нибудь во прос о досках, а как попытка истолковать какое-либо несложное комбинаторное соображение, вроде тех, что встречались в доказа тельствах предыдущих лемм, на языке дифференциальных соотно шений. Зачем? Об этом чуть позже.

Лемма IV. Пусть dn — произвольная возрастающая последова тельность натуральных чисел, Dn — диаграмма Юнга со строка ми d1, d2,..., dn. Пусть qn(x)=xdn+1exR Dn.

x, Тогда qn(x)=xdn+1-dnq (x), (7) n- где q (x) — производная функции по переменной x.

n- З а м е ч а н и е. Определение функций qn не так уж страшно, как кажется на первый взгляд. Рассмотрим, например, последова тельность d1=1, d2=4, d3=6,... Тогда D2 — это уже встречавша яся нам диаграмма, и 1 =x (x2+5x+3).

xd3R D2 =x6 1+5· 1 +3· x, x x Таким образом, функция xdn+1R Dn — это <ладейный много x, член наоборот>: его коэффициенты — это всё те же ладейные чи сла, только расположенные не в порядке возрастания номеров, а в порядке убывания.

Д о к а з а т е л ь с т в о л е м м ы IV. Приравнивая коэффициен ты при xdn+1-k в левой и правой части, получаем, что требуется доказать равенство rk(Dn)=rk(Dn-1)+(dn-k+1) rk-1(Dn-1).

Это тождество выражает тот факт, что, расставляя k ладей на дос ке Dn, мы можем либо разместить их все в Dn-1, либо разместить k-1 ладью в Dn-1, а последнюю ладью поставить в самой длин ной строчке на одно из dn-k+1 допустимых мест.

Замечание, которое мы сделали после формулировки лем мы IV, наводит на мысль, что свобода в определении разных ма тематических объектов может и должна быть использована для достижения различных целей. Рассмотрим, например, следующую модификацию определения ладейного многочлена.

Пусть k — натуральное число. Введём обозначение xk=x(x-1)(x-2)...(x-k+1).

Кроме того, положим x0=1. Пусть степень обычного ладейного многочлена доски B равна m. Модифицированный ладейный мно гочлен доски B определим как функцию m R(x, B)= rk(B)xk.

k= Следующая теорема (которую мы почерпнули в книге [2]) даёт явное описание модифицированного ладейного многочлена любой диаграммы Юнга. Точнее говоря, в формулировке теоремы исполь зована функция чуть более общего вида, чем модифицированный ладейный многочлен, поскольку при определении последнего мы учитывали степень m ладейного многочлена, а в формулировке теоремы в качестве m используется число, которое может быть больше или равно этой степени.

Теорема II. Пусть B — диаграмма Юнга со строками b1, b2,...

..., bm (0b1b2...bm;

как видите, разрешены нулевые стро ки). Тогда m R(x, B)= rk(B)xk= k= =(x+b1)(x+b2-1)(x+b3-2)...(x+bm-m+1).

Д о к а з а т е л ь с т в о. Проверим, что доказываемое равенство выполнено для всякого натурального xm. Перепишем его в виде m x!

rk(B)(x-m+k)! =(x+b1)(x+b2-1)(x+b3-2)...(x+bm-m+1).

k= На самом деле обе части этого равенства равны количеству расста новок m небьющих ладей на диаграмме Юнга со строками b1+x, b2+x,..., bm+x. Для правой части это так, поскольку мы мо жем выбрать место для ладьи в первой строке b1+x способами, после этого место для ладьи во второй строке b2+x-1 способами и т. д. Левая часть выражает другой способ подсчёта. Считая, что доска представляет собой объединение прямоугольника xm и ис ходной диаграммы B, поставим k небьющих ладей на часть B. Это можно сделать rk(B) способами. Чтобы разместить остальных ла дей в прямоугольной части, мы выбираем место для первой ладьи в первой свободной строке (x способов), затем выбираем место для второй ладьи во второй свободной строке (x-1 способов) и т. д., x!

всего способов.

(x-m+k)!

Итак, левая и правая часть совпадают при бесконечно многих значениях x. Поскольку обе части равенства являются многочле нами по переменной x, они совпадают тождественно.

Пользуясь теоремой II, мы можем ответить, например, на та кой <топологический> вопрос: ладейные числа некоторой доски B равны r0=1, r1=9, r2=17, r3=8, r4=1;

можно ли утверждать, что эта доска не имеет форму диаграммы Юнга? Да, мы можем это утверждать, потому что модифицированный ладейный много член этой доски R(x, B)=x(x-1)(x-2)(x-3)+9x(x-1)(x-2)+ +17x(x-1)+8x+1=1+3x+x2+3x3+x не имеет целых корней. Чуть позже, пользуясь неравенством или теоремой IV, мы сможем доказать, что такой доски вообще не существует.

Следствие II-А. Квадратная доска nn эквивалентна доске Yn в форме диаграммы Юнга с длинами строк 1, 3, 5,..., 2n-1.

Следствие II-Б. Всякая диаграмма Юнга эквивалентна диа грамме Юнга с попарно различными строками.

Мы предлагаем читателю самому вывести эти следствия из утверждения теоремы II. Отметим, что следствие II-А — это в точности теорема I, а утверждение второго следствия нам ещё не встречалось. Таким образом, пользуясь модифицированны ми ладейными многочленами, мы обнаружили что-то новенькое.

Кстати, для произвольных досок модифицированный ладейный многочлен вообще может не иметь целых корней. Это видно хотя бы на примере доски B=.

Здесь R(x, B)=x2+4x+5.

§ 4. АНАЛИТИЧЕСКИЕ НЕРАВЕНСТВА С ЛАДЕЙНЫМИ ЧИСЛАМИ Теперь наконец-то мы можем сформулировать основную теоре му о ладейных многочленах.

Теорема III. Ладейный многочлен диаграммы Юнга с n попар но различными строками имеет ровно n вещественных (отрица тельных) корней.

Д о к а з а т е л ь с т в о. Ладейный многочлен диаграммы Юнга с n попарно различными строками имеет степень n. Поэтому до статочно проверить, что функция qn(x), определённая в лемме IV, имеет n вещественных отрицательных корней. Это легко прове ряется по индукции. При n=1 имеем: R(x, B1)=1+d1x, q1(x)= =ex(xd2 +d1xd2-1). Как видим, функция q1 имеет отрицательный корень, обозначим его x0, кроме того q(0)=q(-)=0. Это значит, что функция q (x) имеет не менее двух отрицательных корней — хотя бы один на промежутке (-, x0) и ещё один на промежутке (x0, 0) (это следует из теоремы Ролля). По формуле (7) отсюда следу ет, что функция q2(x) имеет не менее двух отрицательных корней (а больше двух, как следует из свойств R(x, D2), она иметь не мо жет, значит, их ровно два). Кроме того, опять q2(0)=q2(-)=0.

Значит, q3 имеет не менее трёх вещественных корней, и т. д.

Следствие III-А. Все корни ладейного многочлена произволь ной диаграммы Юнга — вещественные (отрицательные) числа.

Д о к а з а т е л ь с т в о. Действительно, благодаря следствию II-Б мы знаем, что любая диаграмма Юнга эквивалентна диаграмме Юнга с попарно различными строками. Тогда утверждение сразу следует из теоремы III.

Технически чуть более сложным рассуждением в статье [6] доказана совсем уж общая теорема.

Теорема IV. Все корни ладейного многочлена произвольной доски — вещественные (отрицательные) числа.

Д о к а з а т е л ь с т в о. Будем говорить, что многочлен g разде ляет корни многочлена f, если 1) deg g=deg f или deg g=deg f-1;

2) все корни многочленов f и g — вещественные отрицатель ные, f(0)>0, g(0)>0;

3) если 0>x1>x2>... — корни многочлена f, 0>y1> >y2>... — корни многочлена g, то 0>x1>y1>x2>y2>...

Лемма V. Проверим, что если многочлены gi(x), i=1, 2,..., k, разделяют корни многочлена f(x), то f(x) разделяет корни k f(x)+x gi(x).

i= k Обозначим F(x)=f(x)+x gi(x). Из свойств 2) и 3) разделе i= ния корней следует, что старшие коэффициенты многочленов f и gi положительны и f(x)>0, gi(x)>0 при x>0. Значит, степень F равна или на единицу больше степени f, и у F нет положитель ных корней. Далее, если 0>x1>x2>... — корни многочлена f, то из свойства разделения корней следует, что F(x1)<0, F(x2)>0, F(x3)<0 и т. д. Следовательно, у многочлена F имеется корень на каждом из промежутков (x1, 0), (x2, x1), (x3, x2),..., а если deg F=deg f+1, то ещё и на промежутке (-, xdeg f), причём на каждом из упомянутых промежутков есть ровно один корень.

Значит, f разделяет корни F. Лемма доказана Вернёмся к доказательству теоремы. Докажем индукцией по площади доски B, что ладейный многочлен доски B, получен ной из B вычёркиванием строки или столбца, разделяет корни ладейного многочлена доски B. Для доски, состоящей из одной или двух клеток, это утверждение очевидно. Если для досок, не превосходящих по площади n-1, утверждение задачи уже уста новлено, то, благодаря соотношению (6) и утверждению леммы V, мы сразу получаем, что многочлен R(x, Bl) разделяет корни мно гочлена R(x, B) (для столбцов аналогично).

Утверждение теоремы IV является частью доказанного ут верждения.

Итак, ладейный многочлен любой доски B имеет только веще ственные корни. Это означает, что ладейный многочлен — очень специальное и редкое явление во множестве всех многочленов.

В частности, это значит, что ладейный многочлен любой доски может быть разложен на линейные множители:

rnxn+rn-1xn-1+...+r0=rn(x+a1)(x+a2)...(x+an), где все числа ai — вещественны. Раскрывая скобки и приравнивая коэффициенты при xk, мы получаем, что rk = ai1ai2...aik. (8) rn 1i1

Что дают эти наблюдения для доказательства неравенств с ла дейными числами? Докажем ещё раз неравенство 3: rk-1rk+1rk для любой доски B.

Второе доказательство неравенства 3. Воспользу емся формулой (8). Поскольку доказываемое неравенство однород но, можно считать, что rn=1. Тогда выражение rk-1rk+1-rk со стоит из слагаемых вида a2 a2...a2 ajs+1...ajk+s, причём каждое такое j1 j2 js слагаемое входит с коэффициентом Cs-1-Cs <0.

2s 2s Для симметрических функций известно много других нера венств. Все они могут быть записаны как неравенства о ладейных числах! Мы приведём несколько таких неравенств. Доказательства и технические подробности можно прочитать в книге [3].

Неравенство 4.

rk+m rk rm.

Ck+m Ck Cm n n n Так как CkCmCk+mCk, то это неравенство сильнее нера k+m n n n венства 1.

Неравенство 5 (неравенство Ньютона).

rk-1 rk+1 r.

Ck Ck-1 Ck+1 k n n n Это неравенство сильнее неравенства 3, поскольку его можно записать в виде 1+ 1 r.

rk-1rk+1 1+ k k n-k Неравенство 6 (неравенство о симметрических средних). Если степень ладейного многочлена равна n, то при 0m

Cm k m n n § 5. ЕЩЁ ОДНО НЕРАВЕНСТВО В предыдущем параграфе мы обнаружили метод генерации неравенств с ладейными числами. К сожалению, с его помощью не удаётся доказать все неравенства с ладейными числами. При ведём напоследок пример комбинаторного неравенства, которое не следует из результатов предыдущего параграфа.

Посмотрим ещё раз на неравенство 3. Запишем его в таком виде:

ln rk-1+ln rk+ ln rk.

Последовательность xn, удовлетворяющая свойству xk-1+xk+ xk, называется выпуклой вверх или вогнутой. Её график — <выпуклое множество> (правда, дискретное). Он состоит из возрастающего участка за которым, быть может, следует убывающий. Таким образом, график последовательности ладейных чисел представляет собой <подъём> или <холмик>. Следующее неравенство показы вает, что этот холмик перекошен вправо.

Неравенство 7. Если степень ладейного многочлена доски B равна n, то rkrn-k, 0kn/2.

До ка з а т е ль с т в о. Так как rn1, то rnr0. Выберем любую из расстановок n небьющих ладей на доске B. Переставив при необходимости строки и столбцы, мы можем считать, что эти ладьи расположены на одной диагонали D. Очевидно, эта диаго наль содержит ровно n клеток, принадлежащих доске B.

Зафиксируем k, 1k

n-m Осталось заметить, что при выбранных значениях парамет ров k, k1, m последний биномиальный коэффициент расположен в (n-m)-й строке треугольника Паскаля ближе к центру, чем предпоследний, поэтому Cn-k-k1 Ck-k1.

n-m n-m Таким образом, количество всех расстановок n-k ладей не меньше количества всех расстановок k ладей.

......

Рис. Доказанное неравенство не следует из теоремы IV, поскольку, как мы уже обсуждали, все корни <ладейного многочлена наоборот> rn+rn-1x+...+r0xn=xnR x тоже вещественные отрицательные.

Нетрудно привести пример доски, для которой при всех k в неравенстве 7 реализуется равенство. Действительно, равенства будут иметь место, если в доказательстве неравенства 7 окажется m=2k1, т. е. если любые k1 небьющих ладей (k1n/2), располо женных вне диагонали D, бьют ровно 2k1 клеток этой диагонали.

Примеры таких досок для чётного и нечётного n изображены на рис. 8.

Аналогичными рассуждениями можно установить следующее неравенство.

7. Если степень ладейного многочлена доски B равна n, то n-k n- ·rkrn-k-1, 0k.

k+1 ЛИТЕРАТУРА [1] Е. Я. Г и к. Шахматы и математика. — M.: Наука, 1983. — (Библиотечка <Квант>. Вып. 24).

[2] Р. С т е н л и. Перечислительная комбинаторика. — М.: Мир, 1990.

[3] Г. Г. Х а р д и, Д. Е. Л и т т л ь в у д, Г. П о л и а. Неравен ства. — М.: ИЛ, 1948.

[4] E. N. G i l b e r t. Enumeration of labelled graphs // Canad. J.

Math. V. 8. 1956. P. 405—411.

[5] J. L. G o l d m a n, J. T. J o i c h i, D. E. W h i t e. Rook theo ry III: rook polynomials and the chromatic structure of graphs // Journal of Comb. Theory. Ser. B. V. 25. 1978. P. 135—142.

[6] A. N i j e n h u i s. On permanents and the zeros of rook polynomi als // Journal of Comb. Theory. Ser. A. V. 21. 1976. P. 240—244.

...

...




© 2011 www.dissers.ru - «Бесплатная электронная библиотека»

Материалы этого сайта размещены для ознакомления, все права принадлежат их авторам.
Если Вы не согласны с тем, что Ваш материал размещён на этом сайте, пожалуйста, напишите нам, мы в течении 1-2 рабочих дней удалим его.